ПОЖАЛУЙСТА. Никто не может это решить, но супермены не сдаются, так ведь? Очень прошу,...

Question 1

ПОЖАЛУЙСТА. Никто не может это решить, но супермены не сдаются, так ведь? Очень прошу, сделайте хотя бы несколько из тех что отмечены на фото:(((

Question 2

перезагрузи страницу если не видно !!!!

Question 3

спасибо огромное, ДОБРА ВАМ:3

Question 4

и вам тоже

Question 5

нзч

Question 6

$a^4+b^4 \geq a^3b+ab^3\\ a^4-a^3b+b^4-ab^3 \geq 0\\ a^3(a-b)-b^3(a-b) \geq 0\\ (a^3-b^3)(a-b) \geq 0\\ (a-b)^2(a^2-ab+b^2) \geq 0$
Очевидно квадрат никогда не может равняться отрицательному числу то есть выполняется

$a^4+2a^3b+2ab^3+b^4 \geq 6a^2b^2\\ a^4+2a^3b+2ab^3+b^4-6a^2b^2 \geq 0\\ a^4+b^4+2ab(a^2+b^2-2ab)-2a^2b^2 \geq 0\\ (a^2-b^2)^2+2ab(a-b)^2 \geq 0\\ (a-b)^2*(a+b)^2+2ab(a-b) \geq 0\\ (a-b)((a-b)(a+b)^2+2ab) \geq 0\\ (b-a)^2(b^2+4ab+a^2) \geq 0$
так как они одного знак и учитывая что в квадрате то выполняется данное условие

$(a+b)(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}) \geq 4 \\ \frac{a+b}{a}+\frac{a+b}{b} \geq 4\\ 1+\frac{b}{a}+\frac{a}{b}+1 \geq 4\\ \frac{b}{a}+\frac{a}{b} \geq 2\\ a^2+b^2 \geq 2ab\\ (a-b)^2 \geq 0\\ a^2+b^2 \geq 2ab$

То есть я здесь показал то что $a^2+b^2 \geq 2ab$ всегда выполняется данное условие

$(a+b)(b+c)(c+a) \geq 8abc\\ bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b \geq 8abc\\$
Теперь воспользуемся неравенством Коши для Средних
$bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b \geq 8abc\\ \frac{bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b-abc}{8} \geq abc\\ \sqrt[8]{bc^2*ac^2*b^2*c*2abc*a^2*c*a*b^2*a^2*b*abc}\geq abc\\ \sqrt[8]{2a^8b^8c^8}=\sqrt[8]{2}abc\\$
То есть левая часть верна

$3(a+1)+a-4(2+a)<0\\ 3a+3+a-8-4a<0\\ -5<0$

$(7a-1)(7a+1)<49a^2\\ 49a^2-1<49a^2\\ -1<0$

Матов_zn · Answer 1 · 2018-03-14T08:22:17+0000

$a^4+b^4 \geq a^3b+ab^3\\ a^4-a^3b+b^4-ab^3 \geq 0\\ a^3(a-b)-b^3(a-b) \geq 0\\ (a^3-b^3)(a-b) \geq 0\\ (a-b)^2(a^2-ab+b^2) \geq 0$
Очевидно квадрат никогда не может равняться отрицательному числу то есть выполняется

$a^4+2a^3b+2ab^3+b^4 \geq 6a^2b^2\\ a^4+2a^3b+2ab^3+b^4-6a^2b^2 \geq 0\\ a^4+b^4+2ab(a^2+b^2-2ab)-2a^2b^2 \geq 0\\ (a^2-b^2)^2+2ab(a-b)^2 \geq 0\\ (a-b)^2*(a+b)^2+2ab(a-b) \geq 0\\ (a-b)((a-b)(a+b)^2+2ab) \geq 0\\ (b-a)^2(b^2+4ab+a^2) \geq 0$
так как они одного знак и учитывая что в квадрате то выполняется данное условие

$(a+b)(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}) \geq 4 \\ \frac{a+b}{a}+\frac{a+b}{b} \geq 4\\ 1+\frac{b}{a}+\frac{a}{b}+1 \geq 4\\ \frac{b}{a}+\frac{a}{b} \geq 2\\ a^2+b^2 \geq 2ab\\ (a-b)^2 \geq 0\\ a^2+b^2 \geq 2ab$

То есть я здесь показал то что $a^2+b^2 \geq 2ab$ всегда выполняется данное условие

$(a+b)(b+c)(c+a) \geq 8abc\\ bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b \geq 8abc\\$
Теперь воспользуемся неравенством Коши для Средних
$bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b \geq 8abc\\ \frac{bc^2+ac^2+b^2c+2abc+a^2c+ab^2+a^2b-abc}{8} \geq abc\\ \sqrt[8]{bc^2*ac^2*b^2*c*2abc*a^2*c*a*b^2*a^2*b*abc}\geq abc\\ \sqrt[8]{2a^8b^8c^8}=\sqrt[8]{2}abc\\$
То есть левая часть верна

$3(a+1)+a-4(2+a)<0\\ 3a+3+a-8-4a<0\\ -5<0$

$(7a-1)(7a+1)<49a^2\\ 49a^2-1<49a^2\\ -1<0$